|
Feladat: |
Gy.2985 |
Korcsoport: 16-17 |
Nehézségi fok: nehéz |
Megoldó(k): |
Burcsi Péter , Formanek Csaba , Frenkel Péter , Juhász András , Katona Zsolt , Lippner Gábor , Nyul Gábor , Pogány Ádám , Reviczky Ágnes , Rozmán András , Szabó Gábor , Szabó Jácint , Szilágyi Judit , Tóth Gábor Zsolt , Véber Miklós , Vörös Zoltán |
Füzet: |
1996/március,
151 - 152. oldal |
PDF | MathML |
Témakör(ök): |
Binomiális együtthatók, Oszthatóság, Gyakorlat |
Hivatkozás(ok): | Feladatok: 1995/április: Gy.2985 |
|
A szöveg csak Firefox böngészőben jelenik meg helyesen. Használja a fenti PDF file-ra mutató link-et a letöltésre. Sajnos kimaradt a feladat szövegéből az a feltétel, hogy és pozitív számok. Enélkül elég könnyű az állítást cáfolni: az , választással például teljesül. Aki egy ilyen ellenpéldát beküldött, természetesen a maximális pontszámot kapta. Sokan viszont megoldották magát az ,,eredeti'' feladatot is; és a továbbiakban mi is erre közlünk egy bizonyítást. Vezessük be az , jelölést. Mivel és relatív prímek, így és is azok. Vizsgáljuk meg, fennállhat-e a reláció. Legyen először páros. A binomiális tétel szerint , ez akkor osztható -val, ha is osztható vele. Viszont miatt ez csak úgy lehet, ha . Azonban (felhasználva a pozitivitást), vagyis szükségképpen . Beírva ezt az oszthatóságba: ami nem teljesül. A páros esetben tehát igaz az állítás. Legyen ezután páratlan. Ismét a binomiális tételt használva, | | Ez akkor osztható -nel, ha osztható -nel. Mivel , azért és is relatív prímek, tehát szükségképpen . Ez viszont miatt ellentmond négyzetmentességének. Ezzel az állítást minden esetben igazoltuk.
Rozmán András (Szombathely, Nagy Lajos Gimn., III. o.t.) dolgozata alapján |
|
|