|
Feladat: |
F.2560 |
Korcsoport: 16-17 |
Nehézségi fok: nehéz |
Megoldó(k): |
Bóna Miklós , Cynolter G. , Domokos Mátyás , Drahos Enikő , Drasny G. , Egresits S. , Fáskerti Zs. , Fehér L. , Fodróczy T. , Istvanovszky M. , Janszky J. , Kádár Zs. , Madas Pál , Nagy 124 G. , Olasz-Szabó M. , Őrsi A. , Pálmai L. , Rimányi Richárd , Róth E. , Szabó Gy. , Szalay Gy. , Szokoly Gy. , Vargay P. , Várhegyi M. , Zaránd G. |
Füzet: |
1986/november,
364 - 365. oldal |
PDF | MathML |
Témakör(ök): |
Trigonometrikus egyenletrendszerek, Negyedfokú (és arra visszavezethető) egyenlőtlenség-rendszerek, Trigonometrikus egyenlőtlenségek, Gyökös függvények, Indirekt bizonyítási mód, Polinomok szorzattá alakítása, Feladat |
Hivatkozás(ok): | Feladatok: 1986/január: F.2560 |
|
A szöveg csak Firefox böngészőben jelenik meg helyesen. Használja a fenti PDF file-ra mutató link-et a letöltésre. Az egyenlőtlenség bal oldalán az első két tag, valamint a jobb oldal minden valós -re értelmezett, viszont a bal oldal harmadik tagja csak akkor, ha | | (2) | Ez nem teljesül, ha vagy , azaz ha . A feladat állítása tehát értelmetlen, ha . Ha viszont vagy , akkor az egyenlőtlenség már igaz. Ezt fogjuk bizonyítani. A koszinusz-függvény értékkészlete a intervallum, tehát a bal oldalon két, 1-nél nem nagyobb szám összegéből egy -nél nem kisebb számot vonunk le. A bal oldal tehát mindig legföljebb 3, s csak azt kell bizonyítanunk, hogy
egyszerre nem állhat fenn. Oldjuk meg először külön-külön e három egyenletet:
(3) megoldása (4) megoldása (5) megoldása ,
ahol , , egész számok. Könnyen észrevehető, hogy az helyen eltűnik, tehát | | Ezek után csak azt kell észrevennünk, hogy hasonlóan | | tehát (3) megoldása és (4) megoldása jobb oldalának szorzata éppen (5) megoldása jobb oldalának a négyzete. Ha tehát volna olyan , és egész, amelyre (3) megoldása, (4) megoldása és (5) megoldással egyszerre fennállna, akkor ezekre teljesülne, hogy azaz . Ámde itt a jobb oldal páratlan, a bal oldal páros, ami ellentmondás. Ez az ellentmondás bizonyítja, hogy (3), (4) és (5) nem oldható meg egyszerre, tehát a feladat egyenlőtlenségének bal oldala (az értelmezési tartományban) soha nem éri el a 3-at. Megjegyzések. A koszinusz-függvény argumentumaiban szereplő kifejezésekből csak azt használtuk ki, hogy kettő szorzata a harmadikkal egyenlő. Így tulajdonképpen azt kellett észrevenni hogy a feladat egyenlőtlensége a egyenlőtlenség speciális esete. Ugyanígy bizonyítható, hogy | | tehát a feladat egyenlőtlenségének bal oldalán álló kifejezés értékkészlete a nyílt intervallumba esik. Lényegesen nehezebb már annak igazolása, hogy a teljes nyílt intervallum az értékkészlet (lásd az 1984. évi OKTV spec. mat. tagozatos verseny III., rendkívüli fordulójának 3. feladatát).
|
|