|
Feladat: |
Gy.2636 |
Korcsoport: 16-17 |
Nehézségi fok: átlagos |
Megoldó(k): |
Álmos Attila , Besenyi Orsolya , Besenyi Zsuzsanna , Csekő Zoltán , Csorba Péter , Elek Márta , Farkas Zénó , Győry Máté , Honti Balázs , Horváth Gábor , Hradek Viktória , Huncsik Péter , Imreh Csanád , K. L. , Kálmán Tamás , Katz Sándor , Kerekes Balázs , Klészátl Melinda , Komócsi Sándor , Komócsin Laura , Kovács Emília , Lente Gábor , Mándoki Gábor , Matolcsi Máté , Megyesi Zoltán , Molnár-Sáska Gábor , Nagy Gábor , Nagy Judit , Pintér Zsuzsa , Ratkó Éva , Reiff Ádám , Risbjerg Anna , Stőhr Lóránt , Szatmári Alexandra , Szűcs Tamás , Tichy Eszter , Ungár György , Vangel Attila , Varga Béla , Varjú Katalin , Zámborszky Ferenc |
Füzet: |
1991/január,
22 - 23. oldal |
PDF | MathML |
Témakör(ök): |
Geometriai egyenlőtlenségek, Derékszögű háromszögek geometriája, Súlyvonal, Magasságvonal, Terület, felszín, Számtani-mértani egyenlőtlenségek, Heron-képlet, Gyakorlat |
Hivatkozás(ok): | Feladatok: 1990/május: Gy.2636 |
|
A szöveg csak Firefox böngészőben jelenik meg helyesen. Használja a fenti PDF file-ra mutató link-et a letöltésre. I. megoldás. Jelöljük a háromszög súlyvonalait -vel. Tudjuk, hogy a súlyvonal nem kisebb, mint a megfelelő magasságvonal, ezért: | | (1) |
A számtani és a mértani közép közti egyenlőtlenség szerint tetszőleges (pozitív) számok esetén , így | | (2) |
A súlyvonalak négyzetét viszont kifejezhetjük a háromszög oldalaival (ennek az ismert képletnek a bizonyítása megtalálható pl. a Geometriai feladatok gyűjteménye I., 1673/a és 1671. feladataiban): | | (3) |
Az (1), (2) és (3) képletek együtt éppen a bizonyítandó egyenlőtlenséget adják. Az is látszik, hogy egyenlőség pontosan akkor van, ha a háromszög szabályos. Nagy Judit (Miskolc, Földes F. Gimn., II. o. t.) dolgozata alapján
II. megoldás. Jelöljük a háromszög területét -vel. Az ismert területképlet alapján , vagyis a bizonyítandó egyenlőtlenség a következő alakot ölti: | | Rendezve, és felhasználva Heron képletét, mely szerint | | (ennek bizonyítása megtalálható pl. a Geometriai feladatok gyűjteménye I. 1472 feladatában), a kérdéses egyenlőtlenség így alakul: | | (4) |
Ezt ‐ a bizonyítandóval ekvivalens ‐ egyenlőtlenséget két részre bontva igazoljuk. Tudjuk, hogy: | | | | | |
Ezeket összeszorozva kapjuk, hogy: | | (5) |
Másrészt fennáll, hogy hiszen ezt rendezve a nyilvánvaló | | egyenlőtlenséghez jutunk. (5)-öt és (6)-ot összeszorozva éppen (4)-et kapjuk. Farkas Zénó (Győr, Révai M. Gimn., I. o. t.) |
|