|
Feladat: |
F.2791 |
Korcsoport: 16-17 |
Nehézségi fok: átlagos |
Megoldó(k): |
Bíró Norbert , Egri Ilona , Harcos Gergely , Kovács Vera , Magó Kálmán , Németh Sándor , Podoski Károly , Virág Bálint |
Füzet: |
1990/december,
449 - 450. oldal |
PDF | MathML |
Témakör(ök): |
Trigonometriai azonosságok, Derékszögű háromszögek geometriája, Alakzatok köré írt kör, Feladat |
Hivatkozás(ok): | Feladatok: 1990/március: F.2791 |
|
A szöveg csak Firefox böngészőben jelenik meg helyesen. Használja a fenti PDF file-ra mutató link-et a letöltésre. I. megoldás. A szokásos jelöléseket használva , . A feltétel szerint , azaz
amiből
Ismeretes, hogy , ezért (1) így folytatható:
A bal oldalt szorzattá alakítva:
ami pontosan akkor teljesül, ha vagy
vagy
(2)-ből azt láthatjuk, hogy , tehát ekkor a háromszög derékszögű, (3) pedig azt jelenti, hogy , amikor is a háromszög biztosan tompaszögű. Erre az utóbbi esetre példa lehet egy olyan egyenlő szárú háromszög, amelyben a szárak hossza és a körülírt kör sugara r, a szárak közötti szög pedig . Ennek a háromszögnek az alapja , a két oldalának négyzetösszege: , ami valóban egyenlő a körülírt kör átmérőjének négyzetével. A feladat kérdésére tehát nemleges választ kell adnunk.
Harcos Gergely (BP., ELTE Apáczai Csere J. Gimn. III. o. t.)
II. megoldás. Megmutatjuk, hogy a háromszög nem feltétlenül derékszögű.
Az ábrát úgy rajzoltuk, hogy és legyen. Az ábra további jelöléseit is használva, a Pitagorasz-tétel szerint az háromszögre: . Mivel az háromszög két oldala is a, illetve b, erre a háromszögre is teljesül, de az szög nyilván tompaszög.
Egri Ilona (Győr, Révai M. Gimn., III. o. t.) |
|