|
Feladat: |
F.2359 |
Korcsoport: 16-17 |
Nehézségi fok: átlagos |
Megoldó(k): |
Ákosfai Z. , Alberti G. , Almássy T. , Ambrosz O. , Ambrus L. , Balázs Z. , Bánhegyi B. , Bobák Emese , Borsó Zs. , Böröczky K. , Drávucz Katalin , Engländer J. , Erdős L. , Finta P. , Hetyei G. , Holbok I. , Jaklis S. , Kis A. , Lengyel L. , Magyar Á. , Megyesi G. , Mikó Teréz , Mohay T. , Molnár L. , Nádor P. , Nyikes P. , Peták T. , Somlói J. , Szabó Cs. , Szabó E. , Szöllősi Gabriella , Tóth G. , Tóth L. , Tranta Beáta , Törőcsik J. , Ván P. , Weisz F. , Zieger B. |
Füzet: |
1982/november,
125 - 127. oldal |
PDF | MathML |
Témakör(ök): |
Trapézok, Párhuzamos szelők tétele, Ellipszis, mint mértani hely, Feladat |
Hivatkozás(ok): | Feladatok: 1982/március: F.2359 |
|
A szöveg csak Firefox böngészőben jelenik meg helyesen. Használja a fenti PDF file-ra mutató link-et a letöltésre. I. megoldás. A szöveg szerint a négyszög oldala mozog, tehát a rögzített oldal . És akkor , továbbá a oldal változatlan hossza kisebb -nál. Jelöljük az és szárak metszéspontját -mel, ez , valamint a trapéz konvexsége alapján mindig létezik és az egyenesnek a -t tartalmazó partján van. Legyen még , , végül a változó oldalak állandó összege . A párhuzamos szelők tétele alapján a szárak hossza: ezeket a föltételi egyenlőségbe helyettesítve és átrendezve az és távolságok összege | |
Itt a jobb oldal egyfelől állandó, másfelől a második alak szerint nagyobb, mint , hiszen a trapéz létezik, tehát ; más szóval . Eszerint mindig rajta van azon az ellipszisen, amelynek fókuszai a rögzített , csúcsok és nagytengelyének hossza . Megfordítva, ennek az ellipszisnek minden pontjába eljut ─ kivéve a nagytengelyének a végpontjait ─, mert az ellipszis minden ki nem zárt pontjához található -nek azt előállító helyzete. Legyen az ellipszis tetszőleges, ki nem zárt pontja ‐ így valóságos háromszög, továbbá az a pontja az alapnak amelyre . Az -on átmenő és -val párhuzamos egyenes -t nyilván a megfelelő pontban metszi. Az ellipszis nagytengelyének végpontját véve -nek, a trapéz elfajulna, hiszen , is rajta lenne -n, igy pedig és közös pontja határozatlan.
II. megoldás. Az előző megoldás ábrájához kapcsolódva , ennélfogva állandó, rajta van azon az ellipszisen, amelynek fókuszai és (utóbbi az adatokból egyértelműen meghatározható), és vezérsugarainak összege állandóan . Másrészt a félegyenesen van, és ─ mint már felhasználtuk, ezért pályája az -nek centrumú arányú nagyított képe, ellipszis. Másik fókusza az képe ebben a nagyításban, tehát alapján -ban van, nagytengelye pedig ─ ami a pályának lineáris mérete: ahogy az I. megoldásban is láttuk.
Megjegyzés. Szóljunk egyszer a helyes magyar beszédnek egy ide vágó eleméről is! Vannak a matematikának olyan kérdései, amelyek megoldásához közeledve ‐ példán folytatjuk ‐ helyes ez a beszédmód: az pont egy olyan vonalon van rajta, amely . A megoldás befejeződhet azzal, hogy az olyan vonalak közül kikeressük azt (vagy azokat), amely már minden tekintetben megfelel. Ez kissé divatossá vált. Megvan azonban a közbeszédben is, idézhetnénk az irodalomból, már a múlt századból való példákat is. Csakhogy azoknak megvan a maguk megfelelő háttere! Példánkban azonban nincs szükség erre, ez itt fölösleges köntörfalazás. Amilyen ez a szintén divatos bizonytalankodás: " hát ezt én így mondanám ''. Tisztán látjuk, hogy csak egy olyan ellipszis van, ezt a magyar nyelv tömören így mondja, az az ellipszis, . Már halljuk az ellenvéleményt: az mint tengely körüli forgatással a térben végtelen sok olyan van. Akkor volna helyes ez a védekezés, ha 1. az előzmények alapján szó lehetne a térről, 2. utána igy zárná le a vitatkozó: egy olyan ellipszis, mégpedig az (az egyetlen), amely benne van a trapéz síkjában. Pedig a trapéz síkjáról nem beszéltünk korábban! Mert természetesnek vesszük, hogy a feladat síkban értendő. Ez a "háttér'' sok geometriai feladathoz hozzáértendő. Hanem ha valahol megbújik a szövegben valami kis említés síkról, akkor már a térre is gondolni kell ‐ azért, mert nem mondták ki, de céloztak rá. (B. T.) |
|