|
Feladat: |
B.4665 |
Korcsoport: 16-17 |
Nehézségi fok: nehéz |
Megoldó(k): |
Andó Angelika , Baglyas Márton , Balogh Menyhért , Borbényi Márton , Erdei Ákos , Fehér Balázs , Gál Boglárka , Hegyi Zoltán , Horváth Péter , Kasó Ferenc , Kerekes Anna , Kovács Péter Tamás , Kovács Viktória , Lakatos Ádám , Nagy-György Zoltán , Pálfi Mária , Polgár Márton , Széles Katalin , Urbán Miklós Vlagyimír , Vághy Mihály , Varga-Umbrich Eszter , Wiandt Péter |
Füzet: |
2015/május,
282 - 286. oldal |
PDF | MathML |
Témakör(ök): |
Feladat, Paraméteres egyenletek, Parabola egyenlete |
Hivatkozás(ok): | Feladatok: 2014/november: B.4665 |
|
A szöveg csak Firefox böngészőben jelenik meg helyesen. Használja a fenti PDF file-ra mutató link-et a letöltésre. I. megoldás. A feladatot grafikusan oldjuk meg. Derékszögű koordinátarendszerben ábrázoljuk az és az függvényeket. A két görbe közös pontjainak a száma adja az eredeti egyenlet megoldásainak számát. Az egy egyenes egyenlete. Jelöljük ezt az egyenest -mel. Ha , akkor , ezért mindig átmegy a koordinátarendszer pontján. Az egyenes meredeksége az értékétől függ, s tekinthetjük úgy, hogy ha -et változtatjuk, akkor az körül forog. Az függvény képe egy olyan felfelé nyíló parabola, mely a és a pontokban metszi az tengelyt (mert az egyenlet gyökei és ). Ezért az függvény képét úgy kapjuk, hogy , valamint esetén tekintjük megfelelő íveit, ha pedig , akkor -nek az -tengelyre vonatkozó tükörképét, ami éppen az egyenletű parabola megfelelő íve (1. ábra). Azt kell tehát meghatároznunk, hogy az egyenesnek hány közös pontja van a két parabola darabjaiból összerakott görbével.
1. ábra Tudjuk, hogy egy külső pontból egy parabolához két érintő húzható (lásd pl. Kiss Gy.: Amit jó tudni a kúpszeletekről I. és II., KöMaL 54 (2004), 450‐459. és 514‐518. o.; http://www.komal.hu/cikkek/2004-11/kupszeletek1.h.shtml). Ha a koordinátarendszerben egy parabola tengelye függőleges, akkor a -n átmenő egyenesek közül a függőlegesnek egy közös pontja van a parabolával, ha pedig a -ból a parabolához húzott érintők meredeksége , akkor a -n átmenő meredekségű egyeneseknek esetén nincs, és esetén pedig pontosan két közös pontjuk van a parabolával (2. ábra).
2. ábra Határozzuk meg az -ból -hez húzható érintők meredekségét. Az egyenes akkor érintő, ha az | | egyenletnek egy megoldása van. Ez pontosan akkor teljesül, ha az egyenlet diszkriminánsa , vagyis ha
amiből kapjuk, hogy . Ugyanígy kapjuk, hogy az -ból -höz húzható érintők meredeksége és . A metszéspontok számának meghatározásához még szükségünk van az és egyenesek meredekségére, ami a pontok koordinátáiból könnyen adódik, esetén , esetén pedig (3. ábra).
3. ábra Ezek után az egyenlet megoldásainak számát leolvashatjuk a 3. ábráról.
| Ha , akkor megoldás van, mert két-két pontban metszi -t is és -t is, de a négy metszéspont közül csak kettő tartozik -hez, mert a -vel vett metszéspontok az tengely alatt vannak. |
| Ha , akkor megoldás van, mert érinti -t és két pontban metszi -t, de e két utóbbi pont nem tartozik -hez, mert az tengely alatt vannak. |
| Ha , akkor a megoldások száma , mert és valamennyi (nulla, egy, vagy kettő) metszéspontja, továbbá és két metszéspontja is az tengely alatt van, ezért nem tartozik -hez. |
| Ha , akkor megoldás van, mert két-két pontban metszi -t is és -t is, de a négy metszéspont közül kettő egybeesik -vel, a másik kettő pedig nem tartozik -hez, mert az tengely alatt van. |
| Ha , akkor megoldás van, mert két-két pontban metszi -t is és -t is, de a metszéspontok közül csak egy-egy tartozik -hez, mert a másik két pont az tengely alatt van. |
| Ha , akkor megoldás van, mert két-két -hez tartozó pontban metszi -t is és -t is, de a négy metszéspont közül kettő egybeesik -vel. |
| Ha , akkor megoldás van, mert két-két pontban metszi -t is és -t is, és a metszéspontok mindegyike -hez tartozik. |
| Ha , akkor megoldás van, mert két pontban metszi -t és érinti -t, és a közös pontok mindegyike -hez tartozik. |
| Ha , akkor megoldás van, mert két -hez tartozó pontban metszi -t, a -vel közös pontjai (nulla, egy vagy kettő, attól függően, hogy , vagy ) pedig az tengely alatt vannak, ezért nem tartoznak -hez. |
II. megoldás. Az abszolútérték definiciója szerint esetén az , míg esetén az egyenletet kell megoldanunk.
1. eset. Ha , akkor vagy . Vizsgáljuk meg, hogy az egyenlet megoldásai milyen értékek esetén esnek a megadott tartományokba. A megoldóképlet alapján a gyökök | | Tehát csak akkor vannak valós gyökök, ha , azaz ha vagy teljesül. Ha , akkor ezt átrendezve kapjuk, hogy . Ha , akkor a négyzetreemelés ekvivalens átalakítás. Rendezés után következik. Összevonva a feltétellel: . Ha , akkor a diszkrimináns nemnegatív, , tehát az egyenlőtlenség teljesül. Vagyis összegezve: . Ha , akkor ezt átrendezve kapjuk, hogy , ami csak akkor teljesülhet, ha . Továbbá a egyenlőtlenségnek is fenn kell állnia, ezért . Ekkor négyzetreemelés és rendezés után kapjuk, hogy , tehát az egyenlőtlenség pontosan akkor teljesül, ha . Ha , akkor ezt átrendezve kapjuk, hogy , amiből négyzetreemelés és újabb rendezés után következik. Ha ez teljesül, akkor , ezért a négyzetreemelés nem volt ekvivalens átalakítás, az eredeti egyenlőtlenség nem áll fenn. Tehát soha nem teljesül. Ha , akkor ezt átrendezve kapjuk, hogy . Ez esetén nyilván teljesül, ha pedig , akkor négyzetreemelés és rendezés után kapjuk, hogy . Ekkor a négyzetreemelés ekvivalens átalakítás, az eredeti egyenlőtlenség is fennáll.
2. eset. Ha , akkor a egyenlőtlenségeknek kell teljesülni. Ebben az esetben az egyenletet kell megoldanunk, aminek gyökei | | Csak akkor vannak valós gyökök, ha , azaz ha vagy teljesül. Ha , akkor ezt átrendezve kapjuk, hogy Ha , akkor a bal oldali egyenlőtlenség nyilván teljesül, a jobb oldaliból pedig négyzetreemelés és újabb rendezés után következik. Ha ez teljesül, akkor , ezért a négyzetreemelés ekvivalens átalakítás, az eredeti egyenlőtlenség is fennáll. Ha , akkor négyzetreemelés és rendezés után a bal oldali egyenlőtlenségből adódik, tehát ez az egyenlőtlenség nem állhat fenn. Ha , akkor ezt átrendezve kapjuk, hogy | | Ha , akkor az első egyenlőtlenségből négyzetreemelés és újabb rendezés után következik. Ha ez teljesül, akkor , ezért a négyzetreemelés ekvivalens átalakítás, az eredeti egyenlőtlenség is fennáll, a második egyenlőtlenség pedig nyilván teljesül, ha . Ha , akkor az első egyenlőtlenség jobb oldalán negatív szám áll, tehát ekkor nem teljesülhet az egyenlőtlenség. A kapott eredményeinket a következő táblázatban foglalhatjuk össze:
|
|