A szöveg csak Firefox böngészőben jelenik meg helyesen. Használja a fenti PDF file-ra mutató link-et a letöltésre. Nagy Csaba megoldása. A feladat kérdésére a válasz: . Ennyi sík valóban elegendő, például az , , , egyenletű síkok megfelelnek. Megfordítva, tegyük fel, hogy néhány síkkal lefedtük -et, az origót azonban nem. Megmutatjuk, hogy a síkok száma legalább . Írjuk föl a síkok egyenletét alakban (ahol , , nem mind nulla). Szorozzuk össze az egyenletek bal oldalán álló kifejezéseket; egy polinomot kapunk, ami pontjaiban nulla, az origóban pedig nem. Igazolnunk kell, hogy foka legalább . Ehelyett a következő, általánosabb állítást látjuk be: , , természetes számok, és legyen
Ha az polinom pontjaiban nulla, a pontban pedig nem, akkor a foka legalább . A bizonyítást az -re vonatkozó indukcióval végezzük. Ha , akkor a polinom legalább elsőfokú (azaz nem konstans), hiszen felvesz két különböző értéket. Ha , akkor tekintsünk egy, a feltételeknek megfelelő polinomot, a fokát jelölje . Az , , számok között létezik pozitív, legyen ez például . Képezzük a polinomot. A polinom foka nyilván legfeljebb ; viszont -ben és -ben ugyanazok a megfelelő -edfokú tagok együtthatói, így ezek kiejtik egymást -ben. A foka ezért legfeljebb . A polinom az halmaz pontjaiban nulla, az origóban viszont nem nulla; az indukciós feltevés szerint tehát foka legalább , amiből , azaz következik. |