|
Feladat: |
F.3291 |
Korcsoport: 16-17 |
Nehézségi fok: nehéz |
Megoldó(k): |
Ábrány Miklós , Barát Anna , Csóka Endre , Dénes Attila , Gáspár Merse Előd , Győri Nikolett , Harangi Viktor , Kunszenti-Kovács Dávid , Máthé András , Naszódi Gergely , Papp Dávid , Sido Péter , Siklósi Dávid , Szakács László , Székelyhidi Gábor , Terpai Tamás , Vitéz Ildikó |
Füzet: |
2000/január,
39 - 40. oldal |
PDF | MathML |
Témakör(ök): |
Rácsgeometria, Lineáris kongruenciák, Feladat |
Hivatkozás(ok): | Feladatok: 1999/május: F.3291 |
|
A szöveg csak Firefox böngészőben jelenik meg helyesen. Használja a fenti PDF file-ra mutató link-et a letöltésre. Legyen a feladatban szereplő rácssokszög az sokszög, az pont koordinátái legyenek , legyen továbbá és (, 2, , , az indexeket moduló számolva). Jelöljük a rácssokszög oldalainak hosszát -val.
Mivel a sokszög minden oldalának hossza , azért minden -re Egy négyzetszám 4-gyel osztva csak 0 vagy 1 maradékot adhat, ezért a 4-gyel osztva 0, 1 vagy 2 maradékot ad. Vizsgáljuk meg külön-külön ezt a három esetet. Ha , akkor is és is páros minden -re. Ekkor a sokszöget a felére kicsinyíthetjük úgy, hogy a kicsinyített sokszög is egyenlő oldalú rácssokszög legyen. Mindaddig folytassuk a kicsinyítést, amíg az újonnan keletkezett sokszög és típusú számai közt legalább egy páratlan nem lesz. Ezt véges sok lépés után biztosan elérjük. A kicsinyítések során a sokszög oldalszáma nem változik, így ezt az esetet visszavezettük a maradék két eset egyikére. Ha , akkor minden -re és egyike páros, a másik pedig páratlan, azaz Az így kapott darab kongruenciát összeadva: De az -k és -k definíciója miatt , hiszen a sokszög zárt, tehát . Ez viszont éppen a bizonyítandó állítás. Ha , akkor is és is páratlan minden -re. Vagyis minden -re, tehát A sokszög oldalszáma tehát ebben az esetben is páros. Több eset nincs, ezért a feladat állítását igazoltuk.
Székelyhidi Gábor (Kuwait, New English School, 12. o.t.) dolgozata alapján |
|
|