A hálózatot tápláló akkumulátorról feltesszük, hogy belső ellenállása elhanyagolható, így a fényszórók maximális teljesítményüket $U=12\text{<span style="font-weight: normal;font-style: normal;">V</span>}$ feszültség mellett adják le. A grafikonról leolvasva, az ehhez tartozó áramerősség $I=\left(4\mathrm{,}15\pm 0\mathrm{,}03\right)\text{<span style="font-weight: normal;font-style: normal;">A</span>}$, így az izzók teljesítménye $P=U\cdot I=50\text{<span style="font-weight: normal;font-style: normal;">W</span>}$.
A grafikon alapján meghatározhatjuk azt a feszültséget és a hozzá tartozó áramerősséget, amelyek esetén a teljesítmény $40\text{<span style="font-weight: normal;font-style: normal;">W</span>}$. Ez a feszültség $U=10\mathrm{,}4\text{<span style="font-weight: normal;font-style: normal;">V</span>}$, az áramerősség $I=3\mathrm{,}83\text{<span style="font-weight: normal;font-style: normal;">A</span>}$. A maradék $1\mathrm{,}6\text{<span style="font-weight: normal;font-style: normal;">V</span>}$ feszültség a lámpával sorba kapcsolt ellenállásra esik, amelyen ugyanakkora áram folyik át, mint a lámpán, így a keresett ellenállás $R=1\mathrm{,}6\text{<span style="font-weight: normal;font-style: normal;">V</span>}/3\mathrm{,}83\text{<span style="font-weight: normal;font-style: normal;">A</span>}=0\mathrm{,}42\Omega$.
Az ellenállás bekötése után a hálózat összteljesítménye
$P_1=12\text{<span style="font-weight: normal;font-style: normal;">V</span>}\cdot 3\mathrm{,}83\text{<span style="font-weight: normal;font-style: normal;">A</span>}=45\mathrm{,}96\text{<span style="font-weight: normal;font-style: normal;">W</span>}$.
Az összteljesítmény tehát $7\mathrm{,}7\%$-kal csökkent.