Feladat: 666. matematika feladat Korcsoport: 18- Nehézségi fok: átlagos
Megoldó(k):  Albrecht J. ,  Alpár L. ,  Balassa Gy. ,  Bánföldy A. ,  Baranyai K. ,  Barok Gy. ,  Bársony I. ,  Bársony Stefánia ,  Barta F. ,  Blaskó Gy. ,  Busztin Anna ,  Böszörményi M. ,  Csoma Zs. ,  Erdős Pál ,  Fejér Gy. ,  Gajzágó E. ,  Grünwald Tibor ,  Jakobovits I. ,  Jónás J. ,  Kerékgyártó J. ,  Király Gy. ,  Klein B. ,  Kmoschek P. ,  Kövesdi D. ,  Lázár D. ,  Molnár D. ,  Nay Andor ,  Paskusz S. ,  Popper Gy. ,  Róna I. ,  Scholcz G. ,  Sebestyén M. ,  Sebők György ,  Simon Á. ,  Singer Gy. ,  Singer I. ,  Stekler E. ,  Straubert J. ,  Szebasztián Rózsa ,  Vezér Gy. 
Füzet: 1931/április, 241 - 242. oldal  PDF  |  MathML 
Témakör(ök): Differenciálási szabályok, Feladat
Hivatkozás(ok):Feladatok: 1931/február: 666. matematika feladat

A szöveg csak Firefox böngészőben jelenik meg helyesen. Használja a fenti PDF file-ra mutató link-et a letöltésre.

I. Megoldás. Legyen

f(x)ax3+bx2+cx+désg(x)a1x3+b1x2+c1x+d1,
tehát
ax3+bx2+cx+d=(3a1x2+2b1x+c1)(6a1x+2b1)(1)
és
a1x3+b1x2+c1x+d=(3ax2+2bx+c)(6ax+2b).(2)
Az (1) és (2) egyenletek jobb és baloldalán x egyenlő hatványainak együtthatói egyenlők; ezért
a=18a12ésa1=18a2,azaz18a3=18a13ill.a3=a13.(3)

Ha csak valós értékekre szorítkozunk: a=a1=118.
Továbbá:
b=12a1b1+6a1b1=18a1b1=b1.(4)
Ugyanígy:
b1=18ab+6ab=18ab=b.
x együtthatója (1)-ből
c=6a1c1+4b12=c13+4b12(5)
és (2)-ből
c1=6ac+4b2=c3+4b2.(6)
Innen:
c-c1=c1-c3azazc1=c.

Helyettesítve ezt (4)-be vagy (5)-be: c=c1=6b2.
Végül (1)-ből: d=2b1c1=2bc=12b3 és (2)-ből d1=2bc=12b3.
Ezek szerint:
f(x)=g(x)=118x3+bx2+6b2x+12b3==118(x3+18bx2+108b2x+216b3)=118(x+6b)3.


6b helyett λ-t írva:
f(x)=g(x)=118(x+λ)3.

Nay Andor (kegyesrendi rg. VIII. o. Veszprém)
 

Jegyzet. A (3) összefüggésből általában az következik, hogy ha ε az egység valamely köbgyöke,
a=ε18ésa1=ε18,
és így f(x)=ε18(x+λ)3,...g(x)=ε18(x+λ)3.
Könnyen meggyőződhetünk, hogy ezek kielégítik a feltételi egyenleteket.
 

Sebők György (Berzsenyi Dániel rg. VIII. o. Bp.)
 

II. Megoldás. Mind a két identitást differenciáljuk háromszor és vegyük tekintetbe, hogy f'''(x) és g'''(x) már constans; tehát
f'(x)=[g''(x)]2+g'(x)g'''(x),(1)g'(x)=[f''(x)]2+f'(x)f'''(x),(1a)f''(x)=2g''(x)g'''(x)+g''(x)g'''(x)=3g''(x)g'''(x),(2)g''(x)=3f''(x)f'''(x),(2a)f''(x)=3[g'''(x)]2,(3)g'''(x)=3[f'''(x)]2.(3a)
(3)- és (3a)-ból: f'''(x)=27[f'''(x)]4.
Kizárva az f'''(x)=0 értéket (mert ekkor másodfokú függvény lenne az f(x) és g(x)), következik, hogy f'''(x)=g'''(x)=13. *
Most már (2)-ből: f''(x)=g''(x)=dx3=x3+c,
ahol c tetszés szerinti állandó. Ha most g'(x)-nek (1a) alatti értékét (1)-be helyettesítjük:
f'(x)=[f''(x)]+13{[f''(x)]+13[f'(x)]},
azaz
f'(x)=g'(x)=23[f''(x)]2=23(x3+c)
és
f(x)=g(x)=32[f''(x)]3=32(x3+c)3=118(x+λ)3,
ha t. i. 3c=λ.
 

Grünwald Tibor (I. é. bh. Bp.)

*Itt is érvényes, hogy f'''(x)=ε3 és g'''(x)=ε23, ahol ε az egység egyik köbgyöke.