|
Feladat: |
1980. évi Kürschák matematikaverseny 2. feladata |
Korcsoport: 18- |
Nehézségi fok: nehéz |
Megoldó(k): |
Beleznay Ferenc , Bohus Géza , Gellér János , Horváth István , Király Zoltán , Szabó Endre , Szabó László , Tardos Gábor , Umann Gábor |
Füzet: |
1981/február,
55 - 57. oldal |
PDF | MathML |
Témakör(ök): |
Maradékos osztás, Természetes számok, Egyenletek, Oszthatóság, Prímszámok, Prímtényezős felbontás, Legnagyobb közös osztó, Egyenlőtlenségek, Kürschák József (korábban Eötvös Loránd) |
Hivatkozás(ok): | Feladatok: 1981/február: 1980. évi Kürschák matematikaverseny 2. feladata |
|
A szöveg csak Firefox böngészőben jelenik meg helyesen. Használja a fenti PDF file-ra mutató link-et a letöltésre. 2. feladat. Legyen páratlan egész szám. Bizonyítsuk be, hogy akkor és csak akkor léteznek olyan , természetes számok, melyekre ha -nek van alakú prímosztója. I. megoldás. Tegyük fel, hogy van az egyenletnek pozitív egész , megoldása. Legyen a két szám legnagyobb közös osztója , azaz ahol és pozitív egész és nincs 1-nél nagyobb közös osztójuk, más szóval relatív prímek. Ezt beírva az egyenletbe és a törteket eltávolítva, azt kapjuk, hogy Itt páratlan volta miatt a jobb oldal csak úgy lehet 4-gyel osztható, ha osztható 4-gyel. Ekkor és vagy mindkettő páros vagy mindkettő páratlan. Mivel ezen kívül relatív prímek is, csak a második eset következhet be. Minthogy pedig az összegük osztható 4-gyel, ez csak úgy lehet, ha az egyik alakú, a másik alakú. A (2) összefüggés szerint osztója az szorzatnak. -hez azonban relatív prím, hiszen ha volna 1-nél nagyobb közös osztójuk, az osztója volna -nek is, azonban és relatív prímek. Ismeretes, hogy ebben az esetben csak úgy lehet osztója a szorzatnak, ha a másik tényezőjének, -nek is osztója. Ugyanígy következik, hogy is osztója -nek. Az -re és -re tett megállapításaink alapján következik, hogy ha megoldható az egyenlet, akkor van -nek alakú osztója. Ekkor azonban van ilyen alakú prímosztója is. Ha ugyanis egy alakú számot akárhogy felbontunk tényezőkre, akkor azok közt van alakú. Valóban, számunk páratlan, így a felbontás tényezői is páratlanok, akkor pedig vagy vagy alakúak. Két előbbi alakú szám szorzata is ilyen alakú: | | és ez az alak újabb ilyen tényezőkkel szorozva sem változik meg. Elő kell tehát fordulnia alakúnak is. Ez igaz akkor is, ha prímtényezőkre bontottuk a számot. Így alakú osztójának van alakú prímosztója, de ez osztója -nek is. Tegyük most fel, hogy -nek egy prímosztója: . Ekkor | | tehát , megoldása az egyenletnek. Ezzel a feladat állítását bebizonyítottuk. Megjegyzések. 1. Felhasználtuk azt a tételt, hogy ha egy egész szám osztója egy szorzatnak, de annak egyik tényezőjéhez relatív prím, akkor osztója a másik tényezőnek. Ez következik a számelmélet alaptételéből, ami szerint minden 1-nél nagyobb természetes szám felbontható véges sok (pozitív) prímszám szorzatára és ez a felbontás a tényezők sorrendjétől eltekintve egyértelmű. Fordítva, az alaptétel is következik a fent kimondott tételből, az pedig bizonyítható az alaptétel felhasználása nélkül. 2. A bizonyítás befejező részében nem használtuk ki, hogy prím, tehát képleteink minden alakú osztójához megadnak egy megoldást. 3. A megoldás első részének gondolatmenetét folytatva és , relatív prím volta miatt a jobb oldali szorzat csak úgy lehet -gyel osztható, ha osztható vele: . Ezeket beírva (2)-be adódik. Láttuk továbbá, hogy osztható 4-gyel, így jelöléssel | | Ebből is világos, hogy és közül az egyik , a másik alakú. Mivel és szerepe szimmetrikus, feltehetjük, hogy a alakú. Tudjuk már, hogy és relatív prímek. Azt kaptuk tehát, hogy az (1) egyenlet összes megoldását megkapjuk, ha vesszük -nek alakú felbontásait, amelyekben és relatív prímek, és képezzük hozzájuk a , képletek szerinti értékeket, továbbá a két szám felcserélésével keletkező számpárt. és mindig különböző, mert és nem lehet egyenlő. -nek minden alakú osztójához van legalább egy alakú felbontása. Válasszuk ugyanis -nek, -nek pedig az bármelyik alakú és -hez relatív prím osztóját (az 1 mindig ilyen). Ekkor egész és . (Megoldást kapunk akkor is, ha és nem relatív prím, csak így egyes megoldásokat többször is megkaphatunk.) II. megoldás. A feladatnak csak azt a részét bizonyítjuk, hogy ha az (1) egyenlet megoldható, akkor van -nek alakú prímosztója. A törteket eltávolítva és 0-ra redukálva a összefüggést kapjuk. Szorozzunk 4-gyel és adjunk mindkét oldalhoz -et, ekkor a bal oldal szorzattá alakítható. Itt a bal oldali tényezők pozitívok, mert (1)-ből is, is kisebb -nél, s így Ha -nek nincs alakú prímosztója, akkor nem állhat fenn az egyenlet, ekkor ugyanis is, is alakú, tehát mint az előző megoldásban láttuk, van alakú prímosztójuk. Ekkor azonban a bal oldalt prímtényezőkre bontva, azok közt lennének alakú prímek, a jobb oldalon viszont beírva prímtényezős felbontását, csupa alakú prímszám szorzata állna, ez pedig ellentmond annak, hogy minden 1-nél nagyobb természetes szám a tényezők sorrendjétől eltekintve egyértelműen írható fel prímtényezők szorzataként. Megjegyzés. Lényeges volt, hogy a természetes számok körére szorítkozunk, s ezért meg kellett állapítani, hogy a szorzat tényezői pozitívok. Ezt a legtöbb versenyző, aki ezt az utat választotta, elmulasztotta. Pedig írhatjuk az egyenlőséget alakban is, és ekkor semmi probléma nem látszik adódni abból, ha minden prímosztója alakú. Valóban van is megoldása az (1) egyenletnek, ha csak azt kívánjuk, hogy és egész legyen és : | |
|
|