Feladat: 1036. matematika gyakorlat Korcsoport: 14-15 Nehézségi fok: átlagos
Megoldó(k):  Andor Cs. ,  Berács J. ,  Bölcskei Hedvig ,  Cserha Gabriella ,  Csirmaz L. ,  Döme Éva ,  Eördögh G. ,  Geier J. ,  Horváth S. ,  Karger Kocsis J. ,  Kele A. ,  Kóczy L. ,  Koren A. ,  Kovács T. ,  Lempert L. ,  Mérő L. ,  Mészáros J. (Makó) ,  Mitrocsák Anikó ,  Moson P. ,  Murvai Éva ,  Pap Márta ,  Párdányi Zs. ,  Péli Katalin ,  Perémy G. ,  Pintz J. ,  Rajczy P. ,  Somogyi Á. ,  Szalay Marianne ,  Szilléry A. ,  Szőnyi Magdolna ,  Tátray P. ,  Vályi I. ,  Vetier A. 
Füzet: 1966/december, 214 - 215. oldal  PDF  |  MathML 
Témakör(ök): Racionális számok és tulajdonságaik, Algebrai átalakítások, Gyakorlat
Hivatkozás(ok):Feladatok: 1966/február: 1036. matematika gyakorlat

A szöveg csak Firefox böngészőben jelenik meg helyesen. Használja a fenti PDF file-ra mutató link-et a letöltésre.

Mindegyik tört könnyen felírható egy egész szám és egy pozitív valódi tört különbségeként, vagyis két szomszédos egész szám közé zárható:

t1=100100+10010-(10010-1)10090+1=10010-10010-110090+1>10010-1,t2=10010-10010-110089+1,t3=10010-10010-110091+1;t4=10110-10110-110191+1,t5=10110-10110-110190+1;t6=9910-9910-19989+1,t7=9910-9910-19990+1
(valóban, pl. 0<10010-1<10090+1 ). Az első három tört átalakításában a kisebbítendő ugyanaz a szám, úgyszintén a kivonandó számlálója is, így e törtek akkor állnak növekedő sorrendben, ha kivonandóik csökkenő rendben állnak, ez pedig akkor teljesül, ha nevezőik növekvő sorrendben állnak, eszerint t2<t1<t3. Ugyanígy t5<t4 és t6<t7.
Másrészt a kisebbítendők között nyilvánvalóan fennáll 9910<10010-1<10010<10110-1<10110. Így a törtek növekedő sorrendje:
t6,t7,t2,t1,t3,t5,t4.

 Péli Katalin (Makó, József A. G. II. o. t.)