|
Feladat: |
F.2846 |
Korcsoport: 16-17 |
Nehézségi fok: nehéz |
Megoldó(k): |
Álmos Attila , Csörnyei Marianna , Futó Gábor , Hajnal József , Imreh Csanád , Kórász Tamás , Lente Gábor , Maier Norbert-Zsombor , Párniczky Benedek , Pór Attila , Stőhr Lóránt , Szalkai Ákos , Tóth Csaba , Újváry-Menyhárt Zoltán |
Füzet: |
1992/január,
11 - 12. oldal |
PDF | MathML |
Témakör(ök): |
Geometriai egyenlőtlenségek, Beírt kör, Magasságpont, Terület, felszín, Nevezetes egyenlőtlenségek, Síkgeometriai számítások trigonometria nélkül háromszögekben, Feladat |
Hivatkozás(ok): | Feladatok: 1991/március: F.2846 |
|
A szöveg csak Firefox böngészőben jelenik meg helyesen. Használja a fenti PDF file-ra mutató link-et a letöltésre. A feladat megoldásához fölhasználjuk a következő segédtételt: és akkor | | (1) |
Ennek bizonyításához elegendő a következő négy helyes egyenlőtlenséget összeadni: | | és | |
Jelöljük a háromszög csúcsával szemközti oldalt rendre -vel, a háromszög területét pedig -vel. Az ismert területképlet alapján a bizonyítandó állítást így írhatjuk: amiből
Az ábra alapján látható, hogy a háromszög kétszeres területe ezért a bizonyítandó egyenlőtlenség ekvivalens a következővel: | | (2) |
Az oldalak jelölését megválaszthatjuk úgy, hogy legyen. Ekkor például az oldallal szemközti és a oldallal szemközti szögre de így a csúcsnál keletkező és szögekre Tekintve, hogy az és derékszögű háromszögek átfogója közös, az előbbi reláció azt is jelenti, hogy Hasonlóan igaz, hogy Ezután a (2) egyenlőtlenséget (1) mintájára beláthatjuk, hiszen (2) ugyanolyan szerkezetű reláció, mint (1), és teljesülnek az és feltételek.
Pór Attila (Budapest, Fazekas M. Gyak. Gimn., III. o. t.) |
|