|
Feladat: |
F.2648 |
Korcsoport: 16-17 |
Nehézségi fok: nehéz |
Megoldó(k): |
Jónás A. , Lancsa Hajnalka , Mezei J. , Péter I. , Szabó 668 T. , Szemerédi F. |
Füzet: |
1988/március,
102 - 103. oldal |
PDF | MathML |
Témakör(ök): |
Másodfokú (és arra visszavezethető) egyenletek, Derékszögű háromszögek geometriája, Síkgeometriai számítások trigonometria nélkül háromszögekben, Vektorok, Feladat |
Hivatkozás(ok): | Feladatok: 1987/szeptember: F.2648 |
|
A szöveg csak Firefox böngészőben jelenik meg helyesen. Használja a fenti PDF file-ra mutató link-et a letöltésre. Alkalmazzuk a befogótételt az és az derékszögű háromszögekre (1., 2. ábra): | |
1. ábra
2. ábra A tükrözés miatt | |
Az szakasz hosszának felírásakor figyelembe kell vennünk, hogy az pontok nem szükségképpen ebben a sorrendben helyezkednek el a két kör centrálisán, itt még az is lehetséges, hogy a tükörképpontok az szakaszon kívülre esnek (2. ábra). Mindenképpen fennáll viszont az | | (1) |
vektoregyenlőség. Abból, hogy az az félegyenesen, pedig az félegyenesen van, következik, hogy az (1) jobb oldalán álló vektorok, és egyállásúak (3. ábra).
3. ábra Ekkor az szakasz hossza az vektor abszolút értékeként az alábbi módon fejezhető ki a felbontásban részt vevő vektorok hosszával: | | (2) | ahol a jobb oldalon az abszolút érték jelen belül a három szakasz hossza áll. Az ezekre kapott összefüggések, valamint a feltételül adott felhasználásával (2) az alábbi alakba írható : | | Innen az egyenletet kapjuk, melynek gyökei és Mivel lépéseink megfordíthatók, mindkét megoldás megfelel. A pontok sorrendje az első esetben a másodikban pedig (2. ábra).
|
|