|
Feladat: |
1113. matematika feladat |
Korcsoport: 16-17 |
Nehézségi fok: átlagos |
Megoldó(k): |
Békési G. , Belley Ágnes , Benczúr András , Bollobás Béla , Dóra L. , Fajszi Cs. , Farkas Zoltán , Fukker G. , Gagyi Pálffy A. , Gálfi l. , Hegedüs J. , Homitzky L. , Horváth Tibor , Huber T. , Katona Éva , Kerényi Ilona , Kéry G. , Kiss Tünde , Kóta J. , Kovács I. , Krámli András , Kunszt Z. , Lehel Cs. , Lehel J. , Makai E. , Máté A. , Máté E. , Molnár Emil , Németh István , Nováky Béla , Opálény M. , Pór A. , Sebestyén Z. , Seprődi L. , Simonovits Miklós , Somogyi K. , Sonnevend Gy. , Strobl Ilona , Szegő K. , Szepesvári I. , Szidarovszky Ágnes , Szidarovszky F. , Szirai J. , Tistyán P. , Vesztergombi György , Vincze I. , Zalán F. Á. , Zalán P. , Zalay M. |
Füzet: |
1962/április,
152 - 154. oldal |
PDF | MathML |
Témakör(ök): |
Negyedfokú (és arra visszavezethető) egyenletek, Polinomok, Feladat |
Hivatkozás(ok): | Feladatok: 1961/május: 1113. matematika feladat |
|
A szöveg csak Firefox böngészőben jelenik meg helyesen. Használja a fenti PDF file-ra mutató link-et a letöltésre. I. megoldás. Az, hogy egy szám gyöke (1)-nek, azt jelenti, hogy Megmutatjuk, hogy a vizsgálandó számok különbözők. -tól a , és számok mindegyike különböző, mert az és feltevésből , ill. következik, márpedig e számok egyike sem gyöke (1)-nek, hiszen , és . Továbbá , mert ellentett előjelűek. Ezek szerint (-gyel szorozva) -tól , és különbözők; végül és ellentett előjelűek. Mármost gyöke (1)-nek, mert , hiszen a bal oldalon -nek csak páros kitevős hatványai szerepelnek. Szavakban: (1) minden gyökének -szerese ugyancsak gyök. Ezért és közül elég egyikükről belátnunk, hogy kielégíti (1)-et. Az előbbire | | ami (3) szerint 0. Ezzel az állítást bebizonyítottuk. b) Ha gyöke (2)-nek, akkor egyrészt | | (4) | másrészt , , , mert , , és , továbbá a fentiekhez hasonlóan , és különböznek -tól. Megmutatjuk, hogy
mindegyike 0-tól különböző. Az ellentétes esetben ugyanis állna | | ami miatt csak , azaz mellett teljesülhet. Tudjuk, hogy a valós számok körében ilyen nincs, de ha egy bővebb számkörre térünk át, amelyben létezik (a komplex számok köre ilyen), akkor is Továbbá -val együtt fennállana | | és ezt (4)-ből kivonva | | amiről fentebb láttuk, hogy lehetetlen. ‐ Hasonlóan ha , akkor egyszersmind | | és ezt (4)-ből kivonva | | ez pedig lehetetlen, mert , hiszen (ismét a komplex számok körében számolva) mellett ami 0-tól különböző. Ezzel az állítást bebizonyítottuk.
Németh István (Budapest, Bolyai J. g. III. o. t.)
Megjegyzés. Többen az -ra, ill. -ra vonatkozó állítás bizonyítása helyett arra hivatkoztak, hogy (1) ún. szimmetrikus (más elnevezéssel reciprok) egyenlet, (2) pedig nem szimmetrikus. Az -ed fokú | | algebrai egyenletet akkor nevezzük szimmetrikus egyenletnek, ha a bal oldalt a kitevők csökkenő sorrendjében rendezve az elölről és hátulról ugyanazon sorszámú együtthatók egyenlők, azaz | | Az f(1/α) helyettesítési érték fenti vizsgálatához hasonlóan általában is könnyen belátható, hogy szimmetrikus egyenlet minden gyökének reciproka is gyök. (x=0 nem gyök, mert h(0)=an=a0≠0.) Feladatunk a) részében valóban elég arra hivatkozni, hogy (1) az x2 ismeretlenre reciprok egyenlet. A b) részben azonban nem elég (2) nem-szimmetrikus voltára utalni, mert ez a tény 2-nél magasabb fokszám esetén nem zárja ki, hogy némely gyökének reciproka is kielégítse a nem szimmetrikus egyenletet. Sőt az is lehetséges, hogy egy egyenlet minden gyökének reciproka ugyancsak gyök, és az egyenlet mégsem szimmetrikus, mert az ún. multiplicitási (többszörösségi) szám nem minden reciprok gyökpárra egyenlő. ‐ (Az ilyesféle tévedések miatt a középiskolai anyagon túlmenő tételek felhasználásában megoldóinknak fokozott körültekintést ajánlunk.)
II. megoldás az a) részre. Bevezetve a z=x5 új ismeretlent (1) valós gyökeit fel is írhatjuk. Az így adódó z4-123z2+1=0 egyenletből | z1,2=±61,5+61,52-1,z3,4=±61,5-61,52-1, | mind a négy gyök valós. És mivel bármely valós z mellett az x5=z egyenletnek csak egy valós gyöke van, azért (1)-et csak a következő négy valós szám elégíti ki: | x1,2=±61,5+61,52-110,x3,4=±61,5-61,52-110. | Könnyű belátni, hogy ezek különbözők, és hogy köztük fennállanak a következő összefüggések: | x1+x2=x3+x4=0,x1x3=x2x4=1,x1x4=x2x3=-1. | Ezek szerint mindegyik (valós) gyök (-1)-szerese, reciproka és reciprokának (-1)-szerese ugyancsak gyök. Katona Éva (Budapest, Ybl M. ép. ip. t. III. o. t.) |
|