Tekintsük a $CGCED=X$ számot és magát a szorzandó $ABCD=Y$-t szokásos részletszorzatoknak és $HFBBBJ=Z$-t szorzatnak. Nem állhat a szokás szerint $10X+Y=Z$, mert a 6-ik oszlopban $J\ne D$, tegyük fel hát, hogy $Z$ a $10X$ és $Y$-ból kivonással készült. Így a szorzó egy kerek tízesnél 1-gyel kisebb szám, tehát $F=9$, az illető megtakarította a 9-es jeggyel való szorzást. Ekkor viszont $X$-ben $\left(E+1\right)Y$-t kellett képeznie.
Ha feltevésünk helyes, akkor a séma alulról fölfelé tekintve a $Z+Y=10X$ összeadást mutatja; kövessük ezt a továbbiakban. Ebben $J+D=10$, a 6-ik oszlop 1 maradékot ad át az 5-ik oszlopnak. Hasonlóan a 3-ik, majd a 2-ik oszlopból is maradéknak kell feljönnie, tehát $G=0$ és $C=H+1$.
$X$ és $Y$ utolsó jegye egyezik, tehát különbségük, ami $Y$-nak $E$-szerese (kiírva nem látható), 0 jegyre végződik. Ez a 0 a $D\cdot E$ szorzat egyes helyi értékű jegye.
$G=0$ folytán $D\ne 0$ (és természetesen $E\ne 0$), ezért $D$ és $E$ egyike 5, másika páros. Nem lehet azonban $D=5$, mert ez $J=5=D$-re vezetne, ezért $E=5$ és $D$ páros.
Most már egyrészt $F=9$ folytán $A<9$, $Y<9000$, másrészt $X=6Y$ folytán $X<54000$, tehát $C\le 5$, és $E=5$ folytán $C\le 4$.
$X$-nek $E=5$-ös, vagyis páratlan jegye a 4-ik oszlopbeli $B+B=2B$-ből csak úgy adódhat ki, ha az 5-ik oszlopból maradék jön fel; éspedig vagy $B=2$-vel, vagy $B=7$-tel.
Másrészt az 5. oszlopban $B+C+1$ értéke legalább 12, mert a legkisebb szabad páros jegy a 2. Ez most már csak $B=7$ és $C=4$-gyel lehetséges, amiből tovább $D=2$, $J=8$, $H=3$ és a 3-ik oszlop alapján $1+B+A=10+C$-ből $A=6$.
Mindezek az értékek különbözők, és a sémába helyettesítve a feltevés szerinti fogással elvégzett szorzás helyes. Feltevésünk következményei nem vezettek ellentmondásra, így valószínű, hogy a $6742\cdot 59=397778$ szorzásról volt szó, és az illető 59 helyett ,,1 híján 60-nal'' szorzott, munkája kb. a felére csökkent.
Ez a fogás pl. 599-tel, 5999-cel való szorzásnál is használható, de még így is elég szűk az alkalmazási lehetősége.