|
Feladat: |
1042. matematika feladat |
Korcsoport: 18- |
Nehézségi fok: átlagos |
Megoldó(k): |
Bácsy Zs. , Bencsik I. , Biborka T. , Bollobás B. , Bornes Klára , Csikor F. , Frint G. , Fritz J. , Gagyi Pálffy A. , Gálfi l. , Grüner Gy. , Hahn J. , Hajna J. , Kardeván P. , Kiss Tünde , Kóta G. , Kóta J. , Kunszt Z. , Marton D. , Máté A. , Máté Zs. , Molnár E. , Nagy Dezső , Náray-Szabó G. , Németh I. , Nováky A. , Nováky B. , Pinkert A. , Rozváczy Judit , Simonovits M. , Sólyom I. , Szalay G. , Szegő K. , Székely J. , Várady G. , Veszelovszki Erzsébet |
Füzet: |
1961/április,
154 - 155. oldal |
PDF | MathML |
Témakör(ök): |
Negyedfokú (és arra visszavezethető) egyenletek, Feladat |
Hivatkozás(ok): | Feladatok: 1960/május: 1042. matematika feladat |
|
A szöveg csak Firefox böngészőben jelenik meg helyesen. Használja a fenti PDF file-ra mutató link-et a letöltésre. Emeljük ki a kéttagú tényezőkből együtthatóját: | | (2) | és vegyük észre, hogy az első és a harmadik tényező összege egyenlő a második és a negyedik tényező összegével: | | Ennek alapján új ismeretlennek ezen összeg felét: -ot véve feladatunkat megkönnyíthetjük. Ekkor , és egyenletünk így alakul:
Innen -re két értéket kapunk ‐ hacsak a diszkrimináns pozitív ‐ ezekből pedig négyzetgyökvonással -re két‐két gyököt, hacsak értékei nem negatívok. Végül -et a fenti helyettesítés alapján számíthatjuk ki. Az első számpéldában , és . Valós -t csak az előbbiből kapunk: , és így , . -ből (négy tizedes jegynyi pontossággal) , és , innen és , végül , ; , . Négy valós gyököt kapunk. Végül -ből hasonlóan , , , , végül , , , , mind a négy gyök valós.
Bornes Klára (Budapest, Teleki Blanka lg. III. o. t.) |
Megjegyzések. 1. A megoldás alapjául szolgáló észrevétel ugyanaz, mint az 1960. évi Arany Dániel verseny, haladók versenye döntő fordulójának 3. feladatában. Ennek megfelelően az egyenlet a versenyfeladat II. megoldásában alkalmazott helyettesítéssel is megoldható. 2. Vizsgáljuk meg az (1)-ből beszorzással és 0-ra redukálással adódó | | egyenletet a 656. feladatban talált eredmény alapján. Ott azt nyertük, hogy az polinom akkor és csak akkor írható alakban, ha az együtthatókra teljesül ; továbbá e feltétel teljesülése esetén a polinomot a második alakba az helyettesítés viszi át. Esetünkben , , helyén rendre áll, ezekkel az idézett feltétel teljesül, helyettesítésnek pedig a fent is használt adódik. Egyszerűbb lett volna a számítás, ha előbb az helyettesítést alkalmazzuk. Evvel a | | egyenletre jutottunk volna, kisebb együtthatókkal. Ezt a (2) alak alapján abból lehet sejteni, hogy mind a négy tényezőben az állandó kivonandó értéke 1 körül van. L. a megoldást K. M. L. 22 (1961) 5. o.K. M. L. 11 (1955) 57. o. |
|