A szöveg csak Firefox böngészőben jelenik meg helyesen. Használja a fenti PDF file-ra mutató link-et a letöltésre. I. megoldás: Egyenletrendszerünk így írható:
(1)-ből es (3)-ból következik, hogy a három ismeretlen egyike sem lehet 0, szorozhatjuk tehát (1)-et -vel, és (2)-t -szel. Nyerjük, hogy
(5)-ből kivonva (4)-et (3) alapján helyébe -et írva, -szel szorozva és rendezve A baloldal átalakítható a következőképpen:
amiből a másodfokú tényező szolgáltatta egyenlet két gyöke pedig ezen értékeit (2) és (3)-ba helyettesítve, nyerjük a teljes gyökrendszert:
Bartók Károly (Székesfehérvár, József Attila g. II. o. t.) | II. megoldás: A harmadfokú egyenlet gyöktényezős alakja Ha a-1, akkor | x3-(x1+x2+x3)x+(x1x2+x1x3+x2x3)x-x1x2x3=0. |
A (2), (3) és (4) egyenleteket figyelembe véve, egyenletrendszerünk 3 gyöke tehát megegyezik a következő harmadfokú egyenlet 3 gyökével. A nyert 3 gyök 3! = 6 permutációja adja egyenletrendszerünk 6 gyökhármasát. äsmallskip
Vigassy György (Budapest, I., Petőfi g. IV. o. t.) |
|