A szöveg csak Firefox böngészőben jelenik meg helyesen. Használja a fenti PDF file-ra mutató link-et a letöltésre. I. megoldás: Jelöljük a keresett kétjegyű számokat és -nal. Akkor a feladat szerint vagyis, ha helyébe -t írunk, ahol, mivel négyjegyű és a feltétel szerint (1)-ből Mivel és szomszédos egész számok, nem lehet mindkettő 3-mal osztható, a feltevés pedig arra vezet, hogy és , amely utóbbi szám nem kétjegyű, azért csak úgy lehet feladatunknak megfelelő kétjegyű egész szám, ha és közül az egyik 9-cel, a másik 11-gyel osztható. (Megjegyezzük, hogy ha első jegynek 0-t is megengedünk, akkor , is megoldása a feladatnak.) Tekintsük először a és esetet, vagyis ahol, mint láttuk Könnyű a (2) alatti határozatlan egyenletnek egy megoldását megtalálni: , pl. egy megoldás, akkor mint tudjuk (lásd Surányi: Elsőfokú egyenletek egész megoldásai c. cikkének 14. pontját az 1953. novemberi 3‐4. sz. 72. oldalán). az összes megoldások paraméteres alakja.
Tehát , ahol Ebből vagyis tehát | |
Tényleg . A és esetet tekintve ahonnan és így
| | Tényleg . Az itt megadott megoldásokon kívül, mint láttuk, más megoldás nem lehet.
Edelényi Miklós (Bp. II., Rákóczi g. III. o. t.) | II. megoldás: A jelöléseket megtartva | | vagyis amiből Mivel ismét arra vezetne, hogy , ami ellentmond annak, hogy kétjegyű, és eseten nem egész, azért vagy vagy -nek oszthatónak kell lennie 11-gyel és ugyanakkor a másik tényezőnek 9-cel. Ez csak akkor következik be, amint erről 8 kísérlettel: meggyőződhetünk, ha ill. Mindkét esetben és így | | Eördögh László (Bp., VIII., Apáczai Csere János g. IV. o. t.) |
|